Đáp án A

Đáp án đúng : B

Chọn B

Đáp án B. 

Xét đoạn 1,0 lên 1,3, ta suy ra được số mol Al³⁺ có trong dung dịch là 0,3 mol.

Y có chứa Al³⁺ (0,3 mol); Na⁺ (x mol), SO₄^2- (x mol), NH₄⁺ (y mol), H⁺ dự (z mol).

Kết tủa khi cực đại thì = 1  x = 1        

Dựa vào hai phương trình BTĐT và BTKL muối 127,88 gam, ta có: y = 0,04; z = 0,06.

Ta có Z gồm ba khí H₂, N₂, N₂O.

Bảo toàn khối lượng, ta tìm được

Từ đó suy được

Chọn B.

Ba 3 khí trong Z lần lượt là H₂ (a mol), N₂ (b mol) và N₂O (c mol).

Dung dịch Y chứa NH₄⁺ (x mol), Al³⁺ (y mol), H⁺ (z mol), SO₄^2- (t mol), Na⁺ (t mol).

Tại n N a O H = 1   m o l ⇒ x + 3 y + z = 1 ( * ) n N a O H = 1 , 3   m o l ⇒ x + 4 y + z = 1 , 3 ⇒ y = 0 , 3   v à   x + z = 0 , 1   ( 1 ) → B T D T   ( Y ) x + z + 3 x + t = 2 t  và x + z

Thay (*) vào suy ra: t = 1 mol

Mà m_Y =127,88 Þ 18x+z=0,78. Từ (1), (2) suy ra: x = 0,04 và y = 0,06

→ B T K L n H 2 O = 0 , 395   m o l  sau đó tiếp tục → B T : H a = 0 , 04

Ta có:  b + c = 0 , 04 28 b + 44 c = 1 , 52 ⇒ b = 0 , 015 c = 0 , 025 ⇒ % m N 2 O = 68 , 75 %

Chọn đáp án B

gt ⇒ Z gồm N₂O, N₂, H₂ ⇒ Y không chứa NO₃^–; khí có PTK lớn nhất trong Z là N₂O.

Từ 1 mol NaOH đến 1,3 mol NaOH thì kết tủa từ cực đại đến tan hết do xảy ra phản ứng:

Al(OH)₃ + NaOH → NaAlO₂ + 2H₂O ⇒ n_Al³⁺ = n_Al(OH)3 = 1,3 - 1 = 0,3 mol.

Đặt n_NaHSO4 = x ⇒ n_Na⁺_/Y = n_SO4^2– = x. Khi kết tủa đạt cực đại thì chỉ thu được Na₂SO₄.

⇒ n_Na2SO4 = x ⇒ ∑n_Na⁺ = 2x ⇒ n_Na⁺_/Y = 2x - 1 = x ⇒ x = 1.

Đặt n_NH4⁺ = y; n_H⁺ = z. Bảo toàn điện tích: 0,3 × 3 + 1 + y + z = 1 × 2

m_muối = 127,88(g) = 0,3 × 27 + 1 × 23 + 18y + z + 1 × 96

Giải hệ có: y = 0,04 mol; z = 0,06 mol. Bảo toàn khối lượng:

m_H2O = 10,92 + 1 × 120 + 0,09 × 63 - 127,88 - 0,08 × 20 = 7,11g ⇒ n_H2O = 0,395 mol.

Bảo toàn nguyên tố Hidro: n_H2 = (1 + 0,09 - 0,04 × 4 - 0,06 - 0,395 × 2)/2 = 0,04 mol.

Đặt n_N2O = a; n_N2 = b ⇒ n_Z = a + b + 0,04 = 0,08; m_Z = 44a + 28b + 0,04 × 2 = 0,08 × 20

Giải hệ có: a = 0,025 mol; b = 0,015 mol ⇒ %m_N2O = 0,025 × 44 ÷ 1,6 × 100% = 68,75%.